Done exercise 16 and 17
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79c54570d4
commit
037d297763
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@ -0,0 +1,22 @@
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import math
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def nCr(n: int, r: int) -> int:
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f = math.factorial
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return f(n) // f(r) // f(n - r)
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def inputInteger(msg: str) -> int:
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while True:
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n = input(msg)
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if n.isdigit():
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return int(n)
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if __name__ == '__main__':
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n = inputInteger('Combiens de marches à l’escalier ? ')
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total = 0
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for n3 in range(n//3 + 1):
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for n2 in range((n - n3*3)//2 + 1):
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n1 = n - n2*2 - n3*3
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m = n1 + n2 + n3
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total += nCr(m, n1)*nCr(m - n1, n2)
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print(f'Il y a {total} façon(s) de monter l’escalier \
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en groupes de 1, 2 et 3 marches.')
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Binary file not shown.
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@ -26,6 +26,33 @@
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\lhead{TD1 -- Probabilités finies}
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\cfoot{Page \thepage}
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% Code
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\usepackage{listingsutf8}
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\lstdefinestyle{algo}{%
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inputencoding=utf8,
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basicstyle=\footnotesize\ttfamily,
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literate=
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{'}{{\textquotesingle}}{1}
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{’}{{'}}{1}
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{é}{{\'e}}{1}
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{è}{{\`e}}{1}
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{à}{{\`a}}{1}
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{â}{{\^a}}{1}
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{ç}{{\c{c}}}{1}
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{œ}{{\oe}}{1}
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{ù}{{\`u}}{1}
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{É}{{\'E}}{1}
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{È}{{\`E}}{1}
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{À}{{\`A}}{1}
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{Ç}{{\c{C}}}{1}
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{Œ}{{\OE}}{1}
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{Ê}{{\^E}}{1}
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{ê}{{\^e}}{1}
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{î}{{\^i}}{1}
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{ï}{{\"i}}{1}
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{ô}{{\^o}}{1}
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{û}{{\^u}}{1}}
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\setlength{\parindent}{0pt}
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\begin{document}
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@ -67,7 +94,7 @@ Dans les cas où notre calcul mène à $(p,q)\notin\mathbb{N}^2$ nous avons une
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\section*{Exercise 14 (non-corrigé)}
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Avec le même résonemment utilisé dans l'exercise 13:
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Tous les chemins qui mènent à $(p,q)$ contiennent $p$ étapes «\,droite\,» et $q$ étapes «\,haut\,»,
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tous les chemins qui mènent à $(p,q)$ contiennent $p$ étapes «\,droite\,» et $q$ étapes «\,haut\,»,
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donc ils ont également $p+q$ étapes.
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Nous pouvons conclure qu'il existe $\binom{p+q}{p}$ chemins qui mènet à $(p,q)$.
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@ -87,24 +114,68 @@ Nous pouvons conclure qu'il existe au moins $23$ configurations qui mènent à u
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\section*{Exercise 16 (non-corrigé)}
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Par observation, j'obtiens ceci:
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Sois polygone convexe à $n$ sommets.
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Il a $n$ côtés.
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Il a $n(n-3)$ diagonales.
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Ses diagonales ont au maximum $\frac{n}{4}\left((n-3)(n-4)+2^{n-4}\right)$ intersection entre elles.
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Ses diagonales ont au maximum $\frac{1}{24}n\left((n-2)^3-(n-2)\right)$ intersection entre elles.
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J'ai déduis mes réponses avec le triangle de Pascal.
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Essayons de le montrer rigoureusement:
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\underline{\emph{Exercise n'est pas fini!}}
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Sois un polygone convexe à $n$ sommets.
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Appelons $S$ l'ensemble de ses sommets.
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Sois $s_1\in S$,
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$s_1$ a deux sommets adjacent $s_2$ et $s_n$ et il forme des diagonales avec chaque $s\in \{s_3,\dots,s_{n-1}\}$.
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Soit $d_k=(s_1,s_{k+2})$,
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nous avons les sommets à «\,droite\,» de la diagonale $S_\text{droite}=\{s_2,\dots,s_{k+1}\}$
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et les sommets à «\,gauche\,» de la diagonale $S_\text{gauche}=\{s_{k+3},\dots,s_{n-1}\}$.
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Les seuls diagonales qui croisent $d$ appartiennent à $S_\text{droite}\times S_\text{gauche}$,
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donc $d$ croise $\#S_\text{droite}\#S_\text{gauche}$ ou $k(n-2-k)$ diagonales (car le polygone est convexe).
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Posons $m=n-2$,
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La sommes des intersections qui inclut les diagonales partant de $s_1$ est donc
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\[
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\sum_{k=1}^{m}{k(m-k)}
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=m\sum_{k=1}^{m}{k}-\sum_{k=1}^{m}{k^2}
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\]
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appelons la $i_1$.
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Nous savons que
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\[
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\sum_{k=1}^{m}{k}=\frac{m(m+1)}{2}
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\]
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et que
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\[
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\sum_{k=1}^{m}{k^2}=\frac{m(m+1)(2m+1)}{6}
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\]
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||||
donc
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\[
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\begin{split}
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i_1 &= m\cdot\frac{m(m+1)}{2}-\frac{m(m+1)(2m+1)}{6} \\
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&= \frac{1}{6}\left( 3m^3+\cancel{3m^2} - 2m^3-\cancel{3m^2}-m \right) \\
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&= \frac{1}{6}\left(m^3 - m \right)
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\end{split}
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\]
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Pour avoir le nombre total d'intesections nous pouvons répéter ce calcul pour chaque sommet,
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or chaque intersection sera compté quatre fois,
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une fois pour chaque sommet des deux diagonales.
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Nous avons donc $\frac{1}{24}n\left((n-2)^3 - (n-2) \right)$ intersections.
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\pagebreak
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\section*{Exercise 17 (non-corrigé)}
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\underline{\emph{Exercise n'est pas fini!}}
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Implémentation en Python3:
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\lstinputlisting[language=Python,style=algo]{escalier.py}
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\end{document}
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